Cho X, Y (MX < MY) là hai este mạch hở, có mạch cacbon không phân nhánh. Đốt cháy hoàn toàn X hoặc Y luôn thu được CO2 có số mol bằng số mol O2 đã phản ứng. Đun nóng 30,24 gam hỗn hợp E chứa X, Y (số mol của X gấp 1,5 lần số mol Y) trong 400 ml dung dịch KOH 1M, sau phản ứng chỉ thu được hỗn hợp F chứa 2 ancol và hỗn hợp G chứa 2 muối. Cho F vào bình đựng Na dư, sau phản ứng có khí H2 thoát ra và khối lượng bình tăng 15,2 gam. Đốt cháy hoàn toàn G cần vừa đủ 0,42 mol O2. Tính tổng số nguyên tử trong phân tử Y?

Nâng cao - Tự luận

Đáp án:

Bảo toàn gốc OH: n_{OH ancol} = n_KOH = 1.0,4 = 0,4 mol

-OH + Na → -ONa + 1/2 H₂ ↑

Bảo toàn khối lượng: m_F = 15,2 + 0,2.2 = 15,6 g.

Bảo toàn khối lượng: m_muối = 30,24 + 0,4.56 – 15,6 = 37,04 g.

Bảo toàn nguyên tố kali: n_COOK = n_KOH = 0,4 mol; n_K2CO3 = 0,2 mol

Đốt cháy G được: n_CO2 = x; n_H2O = y; n_K2CO3 = 0,2 mol

Bảo toàn nguyên tố Oxi: 0,4.2 + 0,42.2 = 0,2.3 + 2x + y (1)

Bảo toàn khối lượng: 37,04 + 0,42.32 = 0,2.138 + 44x + 18y (2)

Từ (1) và (2) ta có: x = 0,52 mol; y = 0 mol → muối không chứa H. Vậy muối phải là của axit 2 chức

→ X, Y là hai este 2 chức → n_X = 0,12 mol; n_Y = 0,08 mol

Đặt số C trong gốc axit của X và Y là a và b

n_C(X) + n_C(Y) = n_C(F) + n_C(G) → 0,12a + 0,08b = 0,2 + 0,52

Giải phương trình nghiệm nguyên: a = 2, b = 6

→ 2 muối là (COOK)₂ và KOOCC≡C–C≡CCOOK

Mặt khác, đốt X hay Y đều cho n_CO2 = n_O2

→ Có dạng cacbohidrat C_n(H₂O)_m

Lại có X và Y đều là este 2 chức → m = 4 → X, Y đều chứa 8H trong phân tử

Do X và Y mạch hở → 2 ancol đều đơn chức → n_F = n_OH = 0,4 mol → M_F = 39 → F có chứa ancol CH₃OH

→ X là CH₃OOCCOOC₂H₅; Y là CH₃OOCC≡C–C≡CCOOC₂H₅ chứa 21 nguyên tử

Nung một lượng NH3 trong bình kín. Sau một thời gian đưa về nhiệt độ ban đầu thấy áp suất khí trong bình tăng 1,5 lần so với áp suất ban đầu. Tỉ lệ NH3 bị phân hủy là

Cơ bản - Tự luận

Đáp án:

2NH₃ → N₂ + 3H₂

Áp suất trong bình sau tăng 1,5 lần so với ban đầu ⇒ (n_trước)/(n_sau) = 2/3

Giả sử ban đầu có 2 mol NH₃, x là số mol NH₃ bị phân hủy

n_sau = n_NH3 dư + n_N2 + n_H2 = 2 – x + 0,5x + 1,5x = 3 mol

⇒ x = 1 ⇒ 50% NH₃ phân hủy

Khử hoàn toàn 4,8 gam Fe2O3 bằng CO dư ở nhiệt độ cao. Tính khối lượng Fe thu được sau phản ứng

Cơ bản - Tự luận

Đáp án:

Fe₂O₃ + 3CO →t ^o 2Fe + 3CO₂

n_Fe2O3 = 0,03 mol

n_Fe = 2. n_Fe2O3 = 0,06 mol

→ m_Fe = 0,06.56 = 3,36 g

Đốt cháy hoàn toàn 1,792 lít hỗn hợp X gồm etylmetylamin và 2 hiđrocacbon mạch hở đồng đẳng kế tiếp (có số liên kết π < 3) bằng lượng oxi vừa đủ thu được 12,992 lít (đktc) hỗn hợp Y gồm CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ Y qua bình chứa dung dịch H2SO4 đặc dư thấy thể tích giảm 6,944 lít. Các khí đều đo đktc. % khối lượng của hiđrocacbon có khối lượng phân tử nhỏ là

Nâng cao - Tự luận

Đáp án:

Đốt 0,08 mol X → 0,31 mol H₂O và 0,27 mol hỗn hợp {CO₂; N₂}.

Tương quan: ∑n_H2O – ∑(n_CO2 + n_N2) = 0,04 mol < 0,08 mol → 2 hidrocacbon không phải là ankan.

♦ TH₁: 2 hiđrocacbon là anken.

→ từ tương quan có 0,04 mol C₃H₉N và 0,04 mol hai anken.

→ số H_{trung bình hai anken} = (0,31 × 2 – 0,04 × 9) ÷ 0,04 = 6,5

→ là 0,03 mol C₃H₆ và 0,01 mol C₄H₈ (số mol suy ra được luôn từ số H_{trung bình} và tổng mol).

Theo đó %m_{C3H6 trong X} = 0,03 × 42 ÷ (0,25 × 14 + 0,04 × 17) ≈ 30,14%.

♦ TH₂: 2 hiđrocacbon là ankin thì n_amin – n_ankin = 0,04 mol, từ tổng mol 0,08

→ n_amin = 0,06 mol và n_ankin = 0,02 mol

→ số H_{trung bình hai ankin} = 4

→ không có 2 ankin liên tiếp thỏa mãn → loại TH này

Lượng glucozơ cần dùng để tạo ra 1,82g sobitol với hiệu suất 80% là bao nhiêu?

Cơ bản - Tự luận

Đáp án:

C₆H₁₂O₆ + H₂ → C₆H₁₄O₆

180 ← 182 (gam)

1,82. 180/182: 80% = 2,25g ← 1,82 (gam)